[LitCTF 2023]世界上最棒的程序员

入门题

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[LitCTF 2023]ez_XOR

注意Str2 还有个XOR函数，点进去

3 作为参数 传给XOR，乘以3 所以是异或9 而不是异或3

EXP：

enc = b'E`}J]OrQF[V8zV:hzpV}fVF[t'
flag = []
for x in enc:flag.append(chr(x^9))
print("".join(flag))# LitCTF{XOR_1s_3asy_to_OR}

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[LitCTF 2023]enbase64

好像对base64码表做了处理，但是不管，先尝试解码再说

解不了，嗯再回去看。

有个basechange

下个断点，用动态调试，Local Windows debugger

选中后Shift+E 复制下来就好，

import base64str = 'GQTZlSqQXZ/ghxxwhju3hbuZ4wufWjujWrhYe7Rce7ju'string1 = "gJ1BRjQie/FIWhEslq7GxbnL26M4+HXUtcpmVTKaydOP38of5v90ZSwrkYzCAuND"  # 替换的表string2 = "ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZabcdefghijklmnopqrstuvwxyz0123456789+/"print(base64.b64decode(str.translate(str.maketrans(string1, string2))))# LitCTF{B@5E64_l5_tooo0_E3sy!!!!!}

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[LitCTF 2023]snake

pyc文件，反编译一下就好，可以使用在线网站，pyc反编译

也可以使用uncompyle6，安装就是pip install uncompyle6 ，对py版本有要求，自行查询。

命令如上。

反编译后发现出错，unknown magic number，说明pyc的文件头出错了。

用winhex看一看

对比一下正常的magic number

实际上，pyc文件的magic number是根据编译的python版本而变化的，

文末附上 magic number 的对照表。

这一题题目是37，应该是py3.7编译的，所以我们根据3.7的magic number修改

再次反编译，

找到flag部分

EXP：

flag = [30, 196,52, 252, 49, 220, 7, 243,3, 241, 24, 224, 40, 230,25, 251, 28, 233, 40, 237,4, 225, 4, 215, 40, 231,22, 237, 14, 251, 10, 169]
for i in range(0, len(flag), 2):flag[i], flag[i + 1] = flag[i + 1] ^ 136, flag[i] ^ 119
for i in range(len(flag)):flag[i] = chr(flag[i])
print("".join(flag))# LitCTF{python_snake_is_so_easy!}

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[LitCTF 2023]程序和人有一个能跑就行了

打开来，一个litctf，一串数据，一个memcmp比较。

sub_4015A0估计是个加密函数，点进去看看

是个RC4加密，不了解RC4的去学习。

提取出密文，解密

EXP：

def rc4_decrypt(ciphertext, key):# 初始化 S-boxS = list(range(256))j = 0for i in range(256):j = (j + S[i] + key[i % len(key)]) % 256S[i], S[j] = S[j], S[i]# 初始化变量i = j = 0plaintext = []# 解密过程for byte in ciphertext:i = (i + 1) % 256j = (j + S[i]) % 256S[i], S[j] = S[j], S[i]k = S[(S[i] + S[j]) % 256]plaintext.append(byte ^ k)return bytes(plaintext)# 示例用法
encrypted_data = [0x8D, 0x6C, 0x85, 0x76, 0x32, 0x72, 0xB7, 0x40, 0x88, 0x7E, 0x95, 0xEE, 0xC5, 0xED, 0x2E, 0x71, 0x37, 0xF1, 0x4A,0x99, 0x35, 0x18, 0xA7, 0xB0, 0, 0x96, 0xB7]  # 替换成你的密文
encryption_key = b'litctf'  # 替换成你的密钥decrypted_data = rc4_decrypt(encrypted_data, encryption_key)
print("Decrypted Data:", decrypted_data.decode('utf-8'))# Decrypted Data: LitCTF{this_is_a_fake_flag}

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[LitCTF 2023]debase64

我这里为了方便修改了v5，用快捷键Y。

可以看到sub_401520 对 v7进行了处理，大概是放到v4里面，点进去

一个base64编码。因为base64编码每三个字节为一组，所以这里只取到0x70，共12个字节。

如果是没有改变数组大小的话，

需要先转换成十六进制，又因为数据在内存中是小端序存储，所以需要将十六进制前后颠倒一下，

import base64
str_encoded = [0x46, 0xed, 0x18, 0x96, 0x56, 0x9E, 0xd2, 0x72, 0xb2, 0xb3, 0x80, 0x70]
bytes_encoded = bytes(str_encoded)
decoded_bytes = base64.b64encode(bytes_encoded).decode('utf-8')
print(decoded_bytes)

数据取出来解一下base64.得到Ru0Yllae0nKys4Bw

• 这里其实有点卡壳，也给我打开了点思路，一直逆向都卡死了，按照原本的思路将我们输入的明文经过base64编码得到密文，那么逆向就是用密文base64解码得到明文flag。但是这里是用 “密文” 来进行编码。导致我一直卡着。斯

Ru0Yllae0nKys4Bw有点怪，每四个字节逆序一下，

enc = b'Ru0Yllae0nKys4Bw'
# 将字节对象按四个字节一组进行切片，然后逆序
enc_reversed = b''.join(enc[i:i+4][::-1] for i in range(0, len(enc), 4))
print(enc_reversed)

得到 Y0uReallyKn0wB4s

再根据题目描述，后面有三个等号，那么 len(flag)+3 = 19。flag长度为20，故根据md5爆破

import hashlib
import string
en_flag = 'Y0uReallyKn0wB4s'
for i in string.printable:end = en_flag + i + '==='if hashlib.md5(end.encode()).hexdigest() == '5a3ebb487ad0046e52db00570339aace':print(end)exit()# Y0uReallyKn0wB4s3===

• 做完了。其实做的过程中，我有使用 12345678900987654321的输入验证，发现经过base64编码后的数据和自己编码后的截然不同，说明题目的base64编码是经过魔改的，但为何 可以通过 密文 用普通的base64编码得到部分的明文数据？感觉有点费解，还是我钻了牛角尖，不过也算是为我打开了点思路，有时候，不要想太多，不要想太死，思维打开点。呼–>

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[LitCTF 2023]For Aiur

pyinstaller编译的，可以使用pyinstxtractor反编译出文件

具体使用自行查阅。

找到主要的pyc文件，先拖入winhex中和struct对比一下，看一看magic number有没有缺失。

这一题中是完好的。

在线网站反编译一下。

下面都是对于游戏操作的一些设定，看from处有个check，可以，接下来去找ch

找到后反编译ch.pyc

解一下就可以了。

EXP：

enc = [
98, 77, 94, 91, 92, 107, 125, 66, 87, 70, 113, 92, 83, 70, 85, 81, 19, 21, 109, 99, 87, 107, 127, 65, 65, 64, 109,
87, 93, 90, 65, 64, 64, 65, 81, 3, 109, 85, 86, 80, 91, 64, 91, 91, 92, 0, 94, 107, 66, 77, 94, 91, 92, 71]
lis = []
num = 0while True:flag = 'LitCTF{'if num % 2 == 0 and num % 4 == 0 and num % 6 == 0 and num % 8 == 0 and num % 12 == 0 and num % 13 == 11:k = str(num)for i in range(len(enc)):flag += chr(ord(k[(i % len(k))]) ^ enc[i])lis.append(ord(k[(i % len(k))]) ^ enc[i])flag += '}'print(flag)breaknum += 1# LitCTF{Pylon_OverCharge!!_We_Must_construc7_addition4l_pylons}

k = str(num)for i in range(len(enc)):flag += chr(ord(k[(i % len(k))]) ^ enc[i])lis.append(ord(k[(i % len(k))]) ^ enc[i])flag += '}'print(flag)break
num += 1

LitCTF{Pylon_OverCharge!!_We_Must_construc7_addition4l_pylons}

``enum PycMagic {    MAGIC_1_0 = 0x00999902,    MAGIC_1_1 = 0x00999903, /* Also covers 1.2 */    MAGIC_1_3 = 0x0A0D2E89,    MAGIC_1_4 = 0x0A0D1704,    MAGIC_1_5 = 0x0A0D4E99,    MAGIC_1_6 = 0x0A0DC4FC,     MAGIC_2_0 = 0x0A0DC687,    MAGIC_2_1 = 0x0A0DEB2A,    MAGIC_2_2 = 0x0A0DED2D,    MAGIC_2_3 = 0x0A0DF23B,    MAGIC_2_4 = 0x0A0DF26D,    MAGIC_2_5 = 0x0A0DF2B3,    MAGIC_2_6 = 0x0A0DF2D1,    MAGIC_2_7 = 0x0A0DF303,     MAGIC_3_0 = 0x0A0D0C3A,    MAGIC_3_1 = 0x0A0D0C4E,    MAGIC_3_2 = 0x0A0D0C6C,    MAGIC_3_3 = 0x0A0D0C9E,    MAGIC_3_4 = 0x0A0D0CEE,    MAGIC_3_5 = 0x0A0D0D16,    MAGIC_3_5_3 = 0x0A0D0D17,    MAGIC_3_6 = 0x0A0D0D33,    MAGIC_3_7 = 0x0A0D0D42,    MAGIC_3_8 = 0x0A0D0D55,    MAGIC_3_9 = 0x0A0D0D61, };``